找2016年高考考前适应性训练考试一

找2016年高考考前适应性训练考试一(一)
2016年高考考前适应性训练考试(一)理科

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2016年高考考前适应性训练考试（一）

理科数学

注意事项：

1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷4至6页． 2．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题纸相应位置上．写在本试卷上无效． 参考公式： 样本数据x1,x2,,xn的标准差 锥体体积公式

s

1

[(x1x)2(x2x)2(xnx)2] n

其中x为样本平均数 柱体体积公式 VSh

1

VSh

3

其中S为底面面积，h为高

球的表面积、体积公式

其中S为底面面积，h为高

4

S4R2,VR3

3

其中R为球的半径

第Ⅰ卷

一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、设全集U{1,2,3,4,5,6}，集合A{1,2,4}，B{1,3,5}，则下列Venn图中阴影部分表示集合{3,5}的是（ ）

A(A)

2、已知虚数z（A）

A(B)

B

A(C)

B

A(D)

B

B

1

5

543i

，则z的虚部是（ ） 34i5

11

（B）i （C）

55

（D）i

1

5

3、4位同学各自在阳光体育时间活动，可以选择足球和篮球两项运动中一项，则这两项活动都有同学选择的概率为（ ） （A）

1 8

（B）

3 8

（C）

5 8

（D）

7 8

4、已知双曲线C的渐近线方程为3x2y0，且经过点(4,2)，则该双曲线的方程为（ ）

x2y2

1 （A）89

y2x2

1 （B）

916

x2y2

1 （C）

818

y2x2

1 （D）

1816

5、阿基米德（公元前287年—公元前212年），古希腊哲学家、数学家、物理学家，确定了许多物体表面积和体积的计算方法，用杠杆原理计算了特殊圆柱与球的体积和表面积的关系．现在，同学们对这些问题已经很熟悉了．例如：已知圆柱的底面直径与高相等，若该圆柱的侧面积与球的表面积相等，则该圆柱与球的体积之比是（ ）

（A）1:1

（B）2:1

（C）3:2

（D）:3

6、已知函数f(x)

sinx

，则（ ）

cosx1

（B）f(x)相邻对称中心相距个单位 （D）f(x)既是奇函数又是增函数

（A）f(x)的最小正周期是

（C）f(x)相邻渐近线相距个单位

7、执行右侧的程序，若输出的值为2，则输入的值构成的集合是（ ） （A）{2} （B）{2,2} （C）{1,1} （D）{1,2,1,2}

8、函数f(x)的部分图象如右图所示，则f(x)的解析式可以是（ ）

（A）f(x)2lgx2 （C）f(x)2lgx2

xx

（B）f(x)2lgx2 （D）f(x)2lgx2

x

x

9、如图，在平面四边形ABCD中，AB1，BC31，AD，ABC120，DAB75，则CD（ ） （A）23

D

C

（B）22

（C）3

（D）21

A

10、在平面直角坐标系xOy中，已知点A、B分别在x、y轴上运动，且|AB|2，若m则||的取值范围是（ ）

12

OAOB，33

（A）[,]

2433

（B）[,]

1233

（C）[0,2]

（D）[0,

25

] 3

11、如图所示，网格纸上小正方形的边长为1，粗实线及粗虚线画出的是某几何体的三视图（其中虚线弧与实线弧都是以正视图正方形中心为圆心的四分之一圆弧），则该几何体的体积为（ ） （A）6



4

（B）6



2

（C）6



4

（D）6



2

12、已知关于x的方程exex2alog2(|x|2)a25有唯一实数解，则实数a的值为（ ） （A）1

（B）1

（C）1或3

（D）1或3

第Ⅱ卷

本卷包括必考题和选考题两部分，第（13）题——第（21）题为必考题，每个试题考生都必须作答，第（22）题——第（24）题为选考题，考生根据要求作答。 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分． 13、设x，y满足约束条件14、(x

2

1xy3,

且z2xya（a为常数）的最大值为2，则实数a______．

1xy0,

y2)(xy)7的展开式中x2y7的系数为______________．（用数字填写答案）

n

15、已知函数f(x)xf(1)（nN），若曲线yf(x)在点(1,f(1))处的切线与直线2xy20平

行，则曲线在点(1,f(1))处的切线方程是__________________（用一般式填写答案）．

x2y2

16、已知F1、F2是椭圆221（ab0）的左、右焦点，P是椭圆上一点（异于左、右顶点），

ab

2

F点E是PF的内心，若3|PE||PF121||PF2|，则椭圆的离心率为_________．

三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。

17、（本小题满分12分）

已知数列{an}的前n项和为Sn，a11，an1(1)Sn1(nN*，2)，且3a1，4a2，a313成等差数列．

（1）求数列{an}的通项公式；

（2）若数列{bn}满足anbnlog4an1，求数列{bn}的前n项和Tn．

18、（本小题满分12分）

某市根据地理位置划分成了南北两区，为调查该市的一种经济作物A(下简称A作物)的生长状况，用简单随机抽样方法从该市调查了500处A作物种植点，其生长状况如下表：

但仍有收成”，

． 1代表“不良好，绝收”

（1）估计该市空气质量差的A作物种植点中，不绝收的种植点所占的比例；

（2）能否有99％的把握认为“该市A作物的种植点是否绝收与所在地域有关”？

（3）根据（2）的结论，能否提供更好的调查方法来估计该市A作物的种植点中，绝收种植点的比例？并说明理由． 附：

2

n(adbc)2

K

(ab)(cd)(ac)(bd)

19、（本小题满分12分）

如图几何体中，四边形ABCD是等腰梯形，AB//CD，DAB60，CBCD2．面EAD面ABCD，面FCB面ABCD，且CFBC． （1）证明：BDAE；

（2）若ADE是正三角形，当二面角EBDF为60时，求CF的长度．

BA

20、（本小题满分12分）

在平面直角坐标系xOy中，动点P到定点(0,)和它到定直线y

141

的距离相等，设点P的轨迹为4

C1，将曲线C1上每一点的横坐标变为原来的2倍，再向上平移1个单位得到曲线C2．

（1）求曲线C1，C2的方程；

（2）过定点M(0,1)作两条互相垂直的直线l1、l2，与曲线C2分别相交于A、B两点，则AMB的面积是否存在最小值？若存在，求出最小值，若不存在，请说明理由． 21、（本小题满分12分）

已知f(x)(x2)exax2x，aR． （1）当a

1

时，求f(x)的单调区间； 2

（2）证明：当a[2,0]时，f(x)f(x)总成立（f(x)是f(x)的导函数）．

请考生在第（22）、（23）、（24）三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分，作答时请将答题纸上所选题目对应题号后的方框涂黑。 22、（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲

如图，在⊙O中，弦AF交直径CD于点M，弦AB的延长线交CD的延长线于点E，M、N分别是AF、AB的中点．

（1）求证：OEMENEAE；

11（2）若OM，BEAB3，求E的大小． E22

23、（本小题满分10分）选修4-4：坐标系与参数方程

在平面直角坐标系xOy中，曲线C:x2y31．以O为极点，x轴的正半轴为极轴，

2

2

建立极坐标系，直线l的极坐标方程为



4

（R）．

（1）求曲线C的参数方程及直线l的直角坐标方程；

（2）设曲线C与直线l相交于点A、B，若点P为曲线C上一动点（异于点A、B），求PAB面积的最大值． 24、（本小题满分10分）选修4-5：不等式选讲

已知f(x)|x3|，g(x)|xk|（其中k2）． （1）若k4，求f(x)g(x)9的解集；

（2）若x1,2，不等式f(x)g(x)kx恒成立，求实数k的值．

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2016年第一次高考考前适应性训练试卷理科数学试题参考答案和评分参考

评分说明：

1.本解答只给出了一种解法供参考，如果考生的解法与本解答不同，可根据试题的主要考查内容比照评分参考制订相应的评分细则．

2.对计算题，当考生的解答在某一步出现错误时，如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度决定后继部分的给分，但不得超过该部分正确解答分数的一半；如果后继部分的解答有较严重的错误，就不再给分．

3.解答右端所注分数，表示考生正确做到这一步应得的累加分数．4.只给整数分数．选择题和填空题不给中间分．

解得2，所以an4n1．................................................................6分解法二：因为a11，an1(1)Sn1，

所以a2(1)S112，a3(1)(a1a2)1244由题知8a23a1a313，所以8(2)244313，整理得2440，解得2，................................................4分所以an13Sn1①，当n2时，an3Sn11②，①②得an1an3an，即an14an(n2)，...........................5分又a11，a24，所以数列{an}是以1为首项，4为公比的等比数列，所以an4n1．.......................................................................................6分（2）依题知anbnlog4an1即4n1bnlog44n，所以bn

第I卷

一．选择题：题号

答案

B

C

D

C【找2016年高考考前适应性训练考试一】

C

B

B

D

C

A

B

A

n

n1

第II卷

二．填空题：13、

12

14、2015、2xy1016、

12

三.解答题:17、解：

（1）解法一：因为an1(1)Sn1

①，所以当n2时，

4

23n1n

则Tn12n2n1，①

4444

1123n1n

②..........................10分Tn23n1n，

444444

3111n41n

①②得Tn12n1n(1n)n，

444443441643n

所以Tn．........................................................................12分n1

994

18、解：（1）调查的500处种植点中有共有120处空气质量差，其中不绝收的共有

，.......................................................................................8分

an(1)Sn11

②

①②得an1an(1)an，即an1(2)an(n2)，...........3分又因为2，且a11，a2(1)S112，所以数列{an}是以1为首项，2为公比的等比数列，

所以a22，a3(2)2，...........................................................4分由题知8a23a1a313，所以8(2)(2)2313，整理得2440，...........................................................................5分

110处，因此所占比例为

11011

．.....................................................4分12012

（2）地域与是否绝收的列联表如下：

收绝收总计

南区16040200北区27030300总计43070500

第 11 页页 共共 14 页页

....................................................................................................................6分

K2

500(4027030160)

9.967．....................................7分

20030070430

2

31

,,3)，(0,2,)．.............................................7分22

设平面BDE,BDF的法向量分别为n1(x1,y1,z1)，n2(x2,y2,z2)，(

由于9.9676.635，所以有99％的把握认为“该市A作物的种植点是否绝收与所在地域有关”．................................................................................8分（3）由（2）的结论知，该市A作物的种植点是否绝收与所在地域有关，并且从样本数据能看出该南区种植点与北区种植点绝收的比例有明显差异，因此在调查时，先确定该市南区、北区种植点比例，再把种植区分南区、北区两层并采用分层抽样方法比采用简单随机抽样方法更好．

.....................................................................................................................12分19、解：

（1）证明：因为四边形ABCD是等腰梯形，AB//CD，DAB60，所以ADCBCD120．又CBCD，所以CDB30，所以ADB90，ADBD．..........................................................2分又面ADE面ABCD，且面ADE面ABCDAD，

所以BD面ADE，................................................................................3分又AE面ADE，所以BDAE．....................................................4分（2）连接AC，由（1）知ADBD，所以ACBC，因为面FCB面ABCD，且面FCB面ABCDBC，所以FC面ABCD，所以CA，CB，CF两两垂直，

以C为坐标原点，CA，CB，CF所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系，如图所示．..........................................................5分设CF(0)，

则C(0,0,0)，A(2,0,0)，B(0,2,0)，

3x3y0,n10,

则，即可取n1(3,3,2)，12x2y3z0,n1DE0,

2

同理可取n2(,1,)．.....................................................................10分



|43

由|cosn1,n2|

4

|1

cos60，解得3，

2

所以，当CF时，二面角EBDF为60．.........................12分

20、解：

（1）根据抛物线的定义可知，C1是以(0,)为焦点，以直线y

42

141

为焦4

点的抛物线，所以C1的方程为：yx2．……..........................……3分将yx2上每一点的横坐标变为原来的2倍，得到y再向上平移一个单位得到C2的方程为：y

12x，4

12

x1．……....……5分4

1

x1，k

31

,,)，22

F(0,0,)，(3,3,0)，D(,1,0)，E(

（2）由题可知，直线l1,l2的斜率一定存在且不为0，设直线l1的方程为ykx1，直线l2的方程为y

1yx21

联立得x24kx0，A(x1,y1)，B(x2,y2)，由4

ykx1

x14k,y14k21，............................................................................7

分

12 页第 页 共共 14 页页

同理可得x2

SAMB

44

,y221，……………..................................…9分kk

116161

k216k44.......................10分|AM||BM|=222kk

=82k2

1

16，...............................11分2k

当且仅当k1时取最小值．………………….................................…12分21、解：

11

时，f(x)(x2)exx2x，22xx

f(x)(x1)ex1(x1)(e1)，..........................................1分容易知道，当0x1时，f(x)0；当x0或x1时，f(x)0，所以，函数的减区间是(0,1)；增区间是(,0)，(1,)．.............4分（2）证明：f(x)(x1)ex2ax1，

（1）当a

AEME

，OEMENEAE；........................................5分

OENE

（2）设OEx，（x0），

1

BEAB3，NE2，AE3，...........................6分

21

又OM，

21

xx2333，即x42x90，.......................8分

2

x0，x4，即OE4，

NE23

则在RtONE中，cosE，............................9分

OE42

E30．...........................................................................................10分

23、解：

f(x)f(x)eax2axx1，................................................6分研究二次函数yx22x，容易知道y1，而a[2,0]

所以aya，即ax22axa，（当x1时取等号）....................8分又a[2,0]，a2，所以ax22ax2，所以exax22axx1ex2x1exx1，构造函数(x)exx1，则(x)ex1，

容易知道，当x(,0)时，(x)0，(x)单调减；

当x(0,)时，(x)0，(x)单调增．

所以(x)min(0)0，即(x)0，（当x0时取等号）...........10分所以exax22axx1exx10，两等号不同时成立，

所以exax22axx10，即f(x)f(x)，证毕．.................12分22、解：

（1）证明：M、N分别是弦AF、AB为的中点，

AMEONE90，...................................................................1分又EE，AME∽ONE，..............................................3分

x2

x2cos,

（为参数），.............2分

y3sin,

直线l的直角坐标方程为：yx；..............................................4分yx,x2,x3,

（2）由得或22

x2y31,y2,y3,

AB2，..........................................................................................5分

（1）曲线C的参数方程为：设P2cos,3sin，则点P到直线l的距离为：

d

2cos3sin

2



2sin1

4

，..........................7分

2

22

，.......8分1时，d取到最大值，且最大值为

42

PAB面积的最大值为：

当sin

1页共2页第 3 页 共 4 页

1122ABd222221

．........................................10分2

24、解：

（1）若k4，则f(x)g(x)9，即为x3x49，...2分等价为：或

x3,3x4,

或

3x4x9,x34x9,

原不等式的解集为：x1x8．...............................................5分

（2）k2，且x1,2，x30,xk0，.......................7分

x4,

解得：1x3或3x4或4x8，

x3x49,

f(x)x33x，g(x)xkkx，.......................8分则x1,2，不等式f(x)g(x)kx恒成立，

等价为：x1,2，x32k恒成立，.........................................9分

42k，即k2，又k2，k2．..................................10分

1页共1页

第 4 页 共 4 页

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2016年第三次高考考前适应性训练试卷理科数学试题参考答案和评分参考

评分说明：

1.本解答只给出了一种解法供参考，如果考生的解法与本解答不同，可根据试题的主要考查内容比照评分参考制订相应的评分细则．

2.对计算题，当考生的解答在某一步出现错误时，如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度决定后继部分的给分，但不得超过该部分正确解答分数的一半；如果后继部分的解答有较严重的错误，就不再给分．

3.解答右端所注分数，表示考生正确做到这一步应得的累加分数．4.只给整数分数．选择题和填空题不给中间分．

函数f(x)的最小正周期为，所以即1，故f(x)2sin(2x因为

2

，2



6

)．........................................................4分

3

2k，kZ时，函数f(x)单调递减，

262

5

所以函数f(x)的单调递减区间为：[k,k]，kZ，

36

5

故1，函数f(x)的单调递减区间为：[k,k]，kZ．

36

2k2x



........................................................................................................................6分（2）依题知函数g(x)2sin(2x



第I卷

一．选择题：题号

答案

1B

2A

3C

4D

5B

6A

7D

8C

9C

10B

11C

12C



2





6

)2sin(2x



3

)，............8分

第II卷

二．填空题：13、2

14、



4

15、(x)2(y)2

3294

16、2

,]，所以2x[,]，........................................9分3333

所以，当2x，即x时，函数g(x)取最大值2，.........10分

3212

当2x，即x时，函数g(x)取最小值，

333

因为x[

......................................................................................................................11分综上：函数g(x)在区间[



三.解答题:

17、解：

（1）依题可得：



,]上的最大值为2，最小值为3．33

f(x)2sinxcosx2sin(x

sin2xsin(2x



4

)cos(x



4

)



2

......................................................................................................................12分18、解：

（1）证明：连接AB1，AC1，则M为AB1中点，

因为N分别为B1C1的中点，所以MN//AC1，......................................2分因为AC面ACC1A1，MN面ACC1A1，

所以MN//面ACC1A1．.............................................................................4分（2）在平面ABC内，过点A作AxAC，则BAx30，

以A为原点，Ax、AC、AA1分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系，如图所示：.........................................................................................6分

)

3sin2xcos2x

2sin(2x)，............................................................................2分

6



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31不妨设AB1，则B(,,0)，221

C(0,1,0)，A1(0,0,)，2

31111

M(,,)，N(,,)，

444442111MN(0,,)，A1N(,,0)，

2444331

(,,)，..................................................................................6分

442

设面A1MN的一个法向量为(x,y,z)，则

11yz00124

，即，可取n(,,3)，..........8分

22x1y0A10

44

同理可取面CMN的一个法向量(,

②由①知，m人中课外阅读时间在[135,145]的人数为4人，

又因为P(12515X12515)0.9974，

10.9974

0.0013，

2

100000.001313．.................................................................................8分所以课外阅读时间在135分钟以上的学生可以排进全市前13名，

即该校50名学生可以排进前13名的人数为4人，随机变量X可取0，1，2，3，而随机变量X服从超几何分布，

k3kC4C6

于是P(Xk)(k0,1,2,3)，............................................10分3

C10

所以随机变量X的分布列为：

03X121131

P

621030

11316

随机变量X的期望为E(X)0123．.12分

6210305

所以P(X135)20、解：

7

2,)，..........................10分2

1

，................................................................11分

41

所以二面角A1MNC的余弦值为．..........................................12分

4cos,

19、解：

（1）根据小正方形面积和为1，可解得a0.012，..............................1分设该校学生每周课外阅读时间的平均值为x，则由频率分布直方图知，

x900.11000.241100.31200.16

．.........................................4分1300.121400.08112（分钟）

（2）①由频率分布直方图知，后两组频率和为0.2，所以这50名学生中课外阅读时间在125分钟以上的学生人数m500.210；..........6分

x2y2

（1）设椭圆的方程为221(ab0)，

ab

911,32a24b2

将(1,),(.........................2分,2)代入方程中得4223221,

b3a

解得a2，b，

x2y2

所以椭圆C的标准方程1．.....................................................4分

43

（2）证明：设直线BP的方程为yk(x2)，yk(x2),由x2得(34k2)x216k2x16k2120，...........5

分y2

1,34

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16k2

xPxB，又xB2，

34k2

8k268k2612k

xp，可得P(,)，................................8分222

34k34k34k

1

又QF1AP，kQF1，

k

13y(x1),

由得Q(2,)，...................................................10分k

kx2,

12k33

2

3，k3，∴kPQ2AQ

4k8k644k

2

34k2

∴kPQkAQ，且有公共点Q，

A、P、Q三点共线．.........................................................................12分

21、解：

所以ex1,kx(1,)，而函数f(x)在(1,)单调增，所以f(ex1)f(kx)ex1kxexkx10，

构造函数(x)exkx1，x[0,)，则(x)exk，...........7分（i）当0k1时，(x)0，y(x)在[0,)单调增，(x)(0)0成立；

（ii）当k1时，令(x)0得0xlnk，此时函数y(x)在单调减，

所以(lnk)(0)0，这与(x)0不符．.......................................9分②当k0时，

构造函数(x)exex1f(kx)，x[0,)，则(x)exexkf(x)exexk[1容易知道函数y(x)在区间[0,)，(研究增区间(当x

1

]0，2

(kx1)

1k1

,)单调增；...............10分k

b

(x1)，.......................................................1分2

(x1)

因为曲线yf(x)在点(0,f(0))处的切线方程为2xy10，所以f(0)1，f(0)2，

所以b1，ab2，...........................................................................2分

11

则a1，f(x)x，f(x)1（x1）．2

(x1)x1

当x(,1)，(1,)时，f(x)0，.............................................4分所以函数f(x)的单调递增区间为(,1)，(1,)．.......................5分（2）①当k0时，

容易知f(ex1)exex1，

（1）f(x)a

所以exex1f(kx)f(ex1)f(kx)．...................................6分由于x[0,)，所以ex10，kx0，

1

,)，k

1

时，(x)；当x时，(x)．k

1

所以存在x0(,)，使得(x0)0，

k

11

即x(,x0)时，(x)0，并且函数f(kx)在x处无定义；

kk

这些都与f(ex1)f(kx)总成立不符．...............................................11分综上所述，k的取值范围是[0,1]．...........................................................12分

11

（注：理由一，x(,x0)时，理由二，函数f(kx)在x(x)0；

kk

处无定义．二者有其一可给分）

22、解：

（1）证：AB为直径，ACB90，.........................................2分又PFBC，且垂足为F，BFP90，................................3分

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AC//PF，

BCBABCEC

，又ABEC，．....5分

CFPACFPA

（2）连接BE，

PE是⊙O的切线，切点为E，PO交⊙O于点A,B，

x2cos2

（为参数，0），P点轨迹的参数方程为

ysin2

.......................................................................................................................8分则P点轨迹的普通方程为x2y

2

2

PAE∽PEB，

AEPAPE

，

EBPEPB

1，......................................9分

.......................................................................6分又PA2，OA3，

所以，P点轨迹是以2,0为圆心，1为半径的圆．...........................10分24、解：

（1）若a2，则f(x)5等价为：

AE21

，..................7分PE4,

EB42

又AB为直径，AEB90，

65

，AE2BE2AB236,AE5

又OAOB,OCOE，

x1,1x2,x2,

或或...............2分

2x35,x12x5,x1x25,

解得：1x1，或1x2，或2x4，...............................4分所以，原不等式的解集为x1x4．.............................................5分（2）如图所示，设函数f(x)的图象与

函数y5的图象围成的梯形为ABCD，2x1a,x1,



f(x)a1,1xa,

2x1a,xa,

6，................................................................................9分BCAE5【找2016年高考考前适应性训练考试一】

652

PABC52．...............................10分由（1）知，CFEC65

23、解：

（1）直线l的普通方程为：xsinycossin0．...............3分（2）设M(1t1cos,t1sin)，N(1t2cos,t2sin)，P(x,y)将

x1tcos

代入x26xy20，

ytsin

整理的：t24tcos50，..............................................................5分

16cos2200，t1t24cos，

t1t2

2cos，2

.......................................................................................................................6分

A(1,a1)，B(a,a1)，6aa4C(,5)，D(,5)，..............7分

22

16aa4

S梯形ABCDa15a1

222242aa2

，....................................................................9分

2

242aa29令解得，a5或a3，

22

a1，a5．....................................................................................10分

x12cos22cos2，y2cossinsin2，

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找2016年高考考前适应性训练考试一(四)
2016年高考考前适应性训练考试(二)文科综合答案

文综政治二模参考答案

选择题

12．D 13．A 14．B 15．B 16．C 17．B

18．D 19．D 20．C 21．C 22．C 23．A

38.（26分）

（1）问题：农业种植结构不合理，部分农产品供给不适应需求变化；农业生产成本过高；资源透支利用。（6分，如果学生从农产品结构不合理、产品质量、市场信息不对称、农业生态环境遭到破坏等角度作答亦可酌情给分）农民的出路：①通过价格信号，了解市场需求，调整产品种植结构。②发展适度规模经营，减少化肥农药等的不合理使用，依靠科技进步和科学管理，降低农业生产成本。③改善农业生态环境，防治环境污染和生态破坏。④适应消费升级的需要，不断提高农产品质量安全水平。（每点2分，言之有理即可酌情给分）

（2）①通过大数据分析，听取各方建议，进行科学决策、民主决策。（2分）②贯彻为人民服务的宗旨和对人民负责的基本原则，保障农民利益。（2分）③通过简化审批程序，改变作风加快推进政府职能转变，建设服务型政府。（2分）④加强执法队伍建设，完善相关制度体系，提高行政执法能力。（2分）⑤通过惠农政策实施科学的宏观调控（1分），专业执法检测进行市场监管（1分），切实履行组织社会主义经济建设的职能。（2分）

39.（26分）

（1）(12分)①传统思想作为中华文化中一个非常重要的组成部分，对今天中国人的价值观念、生活方式和中国的社会发展具有深刻影响。绿色发展理念的提出深受古代生态智慧的影响。②传统文化具有继承性和相对稳定性，绿色发展理念保留了传统生态智慧“天人合一”的基本特征，又赋予其新的时代内涵，更加注重绿色富国、绿色惠民。③文化在继承的基础上发展，在发展的过程中继承。绿色发展理念是对传统生态智慧的继承和发展。（每点4分，言之有理即可酌情给分）

（2）（10分）①社会存在决定社会意识，社会存在的变化发展决定社会意识的变化发展。（3分）粗放型的发展模式已不能适应经济新常态的要求，实现绿色经济的华丽转身是大势所趋。(2分)②社会意识具有相对独立性。社会意识对社会存在具有能动的反作用，先进的社会意识可以正确预见社会发展的方向和趋势，对社会发展起促进作用。（3分）绿色发展理念符合经济社会发展的客观规律和广大人民群众的根本利益，有利于促进我国经济社会的可持续发展。（2分）（言之有理即可酌情给分）

（3）（4分）随手关灯、节约用电，洗脸水、洗菜水用来冲厕所或浇花种草，及时有效处理垃圾，减少环境污染等。（每点2分，言之有理均可酌情给分）

2016年临汾市适应性考试二地理参考答案

1-5 DCCBB 6-11 ACDBAC 36．（24分）

（1）（古代）甲地位于四川盆地西缘（成都平原）向青藏高原（横断山脉）的过渡带（2分）；向东可达我国中东部地区（2分）；向南可入云南，向西（经茶马古道）进入西藏（2分）。

（2）降水的特点：年降水量大（2分）；降水天数多（或季节变化大）（2分）；多夜雨（2分）。

地形影响：（甲地位于四川盆地西缘）地势北、西、南三面高，东部较低，（来自印度洋和太平洋的）暖湿气流在此集聚，遇地形抬升形成地形雨；（2分）甲地位于山间盆地，夜晚，山顶降温快，冷空气沿着山坡下沉到盆地底部；（2分）盆地暖空气被迫抬升，成云致雨。（2分）

（3）气候温暖湿润（2分）；境内多山利于排水（2分）；水源充足，利于灌溉（2分）。

37．（22分）

（1）石油是地质时期生物储存的太阳能；马拉开波湖及其附近海域，在古地理时期有大量的动植物；这些动植物死亡后在其古沉积盆地中，经过复杂的生物化学变化而形成石油。（每点2分，共6分）

（2）石油开采、运输中易发生石油泄漏；周围石油化工业及加工生产的废水排放；周边生活废弃物排放量大；湖区封闭，污染物净化速度慢。（答对三点得6分）

（3）压缩石油的生产，适当的减少石油的出口；进行石油的深加工，扩大石油制品的出口。（每点2分，共4分）

（4） 我国的石油资源不能满足经济发展和人民生活水平日益提高的需要；投资委内瑞拉石油的开采，可以增加石油进口，实现石油进口的多元化途径；开辟我国海外投资渠道；有利于中委两国的经济技术的合作。（答出三点得6分）

42．（10分）

（1）春季（2分）

（2）春季气温回升，冰雪融化，草地露出，食物丰富；博斯腾湖生态环境的不断改善；各族群众保护野生动植物意识的不断提高；人迹稀少，对候鸟的影响小；该湖泊位于候鸟春季向北迁徙的途中。（任答4点，得8分）

43.（10分）

（1） A地纬度较高，冬季气温低；距离冬季风源地近，风力强；受冬季风影响时间较长；该地区经济较发达，受冻害影响经济损失大。（任意三点得6分）

（2） 培育耐寒品种，提高作物抗冻能力；加强作物的冬前管理，减少冻害的损失；充分利用局地小气候调节温度。（任答两点得4分）

44.(10分)

（1）冬季鱼冬眠，较好捕捞；冬眠时，鱼不需进食，使鱼肥肉鲜无腥味；冬季气温低，鱼易于储藏。（每点2分，共6分）

（2）冬季水温低，鱼体新陈代谢慢、抵抗力差；如果接连捕捞，短时间内易使

未起水的鱼反复受伤，伤口难愈，感染病菌，引起来年发病，减产减收；小鱼如果捕捞过多易使来年渔业产量减少。（任答两点得4分）

二模历史答案

24—28 DCBCA 29-33 BCDBA 34-35 AC

40.

（1）罗马公民享有不同程度的权利，对政府的行为构成一定的制约。（3分） 中国古代法律只规定臣民应尽的义务，而没有给予相应的权利。（3分）

中国:自然经济的封闭性；政治上的专制统治；主流思想强调服从、等级。（3分） 罗马：商品经济的开放性；最高统治者权力有限；西方人文主义思想的影响。（3分）

（2）主要观点：独立思考，理性判断；主权在民；自有平等；崇尚法律等（4分）

影响：促进人的思想解放；推动近代中国民主政治的发展（4分）（言之有理即可得分）

（3）深化体制改革，为公民意识提供有益土壤；推进社会主义民主政治建设，为公民意识提供践行通道；加强公民教育，发挥大众传媒的引导作用；（每点2分，言之有理亦可得分，但最多5分）

41.根据图1的图文信息可知抗日票不是假币。依据为晋察冀边区银行是得到国民政府批准设立的地方银行。能印证的史实有：国共在抗战中进行合作，日军对敌后根据地的军事包围和经济封锁导致物质匮乏技术简陋，所以纸张粗劣。（6分）

根据图2的图文信息可知中储券是于1941年在南京成立的中央储备银行发行，而此时南京已经陷落，此银行代表的是投靠日本的汪伪政权，因此称其为假币是从政治角度而言的。（6分）（其它说明，若言之有理即可得分）

45.

（1）裁撤旧军、编练新军；鼓励实业、设立商务局；兴办新式学堂、改革科举考试。 （6 分） （2）主要区别：突破了洋务运动单纯引进技术和培养人才的改革模式，由器物层面进入制度层面。（3 分）原因：列强对中国利权的攫取；清政府财政危机；改革缺乏系统方案和长远目标。（6 分）（言之有理即可得分）

46.

（1）共同点：①以古希腊罗马民主文化（和近代启蒙思想）为渊源；②以代议制民主为基本形式；③奉行分权制衡的基本原则。（6分）

（2）区别：阶级基础不同：西方的民主政治是资产阶级民主或专政，解放区的政权是人民民主专政政权；产生方式不同：在选举上，西方国家是间接选举，解放区是直接选举。（4分）

原因：解放区的政权建设是在无产阶级政党中国共产党领导之下进行的，要体现广大人民的利益；处于抗日战争时期，实行直接普选是为了更广泛地调动人民大众，实现全民族抗战；选举采取直选，也是因为解放区面积小，人口少，具备直选条件。（5分）

47.

(1)原因:世界反法西斯联盟团结一致，特别是苏军出兵远东，美国投掷原子

弹;中国军民英勇抵抗。(6分)（如从日本自身问题回答亦可得分）

(2)辩解:战争的目的是为自己的生存和东亚的安定;停战的理由是为了保全日本人民的生命安全。(4分)评价:说明他们对战争的认识具有双重性，对战争给被侵略国与日本人民带来的深重灾难认识不足。(5分)（言之有理即可得分）

48.

（1）看法：柏拉图认为希腊领袖人物的产生过于随意；（2分）民主政治使领袖的政治领导能力受到了削弱；（2分）民主使智慧边缘化。（2分）

（2）理想国：应该由哲学家来治理国家。（2分）评价：带有很大的空想性，过于理想化，是一种乌托邦设想；（4分）柏拉图的理想国又并非纯粹的空想，而是针对当时希腊各种政体的弊端提出的，给人以一定的启发。（3分）（言之有理即可得分）

找2016年高考考前适应性训练考试一(五)
2016年高考考前适应性训练考试(三)文科答案图片版

秘密★启用前

2016年第三次高考考前适应性训练试卷文科数学试题参考答案和评分参考

评分说明：

1.本解答只给出了一种解法供参考，如果考生的解法与本解答不同，可根据试题的主要考查内容比照评分参考制订相应的评分细则．

2.对计算题，当考生的解答在某一步出现错误时，如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度决定后继部分的给分，但不得超过该部分正确解答分数的一半；如果后继部分的解答有较严重的错误，就不再给分．

3.解答右端所注分数，表示考生正确做到这一步应得的累加分数．4.只给整数分数．选择题和填空题不给中间分．

所以函数f(x)的最小正周期为T因为

2

，2

3

2k，kZ时，函数f(x)单调递减，

262

5

所以函数f(x)的单调递减区间为：[k,k]，kZ．.......6分

36

（2）依题知函数g(x)2sin(2x)2sin(2x)，............8分

263

2k2x



,]，所以2x[,]，........................................9分

3333

所以，当2x，即x时，函数g(x)取最大值2，.........10分

3212

当2x，即x时，函数g(x)取最小值3，

333

因为x[

.......................................................................................................................11分综上：函数g(x)在区间[





第I卷

一．选择题：题号

答案

B

A

C

C

B

A

B

C

C

D

B

C

第II卷

二．填空题：13、2

14、9:16

15、



,]上的最大值为2，最小值为．33



4

16、(x)2(y2)2

3294

三.解答题:17、解：

（1）依题可得：

.......................................................................................................................12分18、解：

（1）证明：连接AB1，AC1，则M为AB1中点，

因为N分别为B1C1的中点，所以MN//AC1，......................................2分因为AC面ACC1A1，MN面ACC1A1，

f(x)23sinxcosx2sin(x

3sin2xsin(2x



4

)cos(x



4

)

所以MN//面ACC1A1．.............................................................................4分

ABB

C1



2

)

sin2xcos2x

2sin(2x)，..............................................................................4分

6



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（2）因为A1、B、M、N四点共面，且M是A1B的中点，

所以SABN2SAMN，................................................................................6分

11所以VB1A1BN2VB1A1MN又VBABNVBABN1111而SA1B1N

，..............................................................8分6

1

..............................................10分SABNBB1，

311

，所以BB11，2

即三棱柱ABCA1B1C1的高为1．..........................................................12分

19、解：

（1）A型车在本星期内出租天数的方差小于B型车在本星期内出租天数的方差；.........................................................................................................3分（2）记事件M为“在出租天数为3天的汽车中随机抽取一辆，且抽取的是A型车”，则出租天数为3天的汽车共有13辆，其中A型车有13辆，所以P(M)所以这辆汽车是A型车的概率为

3

13

3

；......................................................7分13

（3）设A、B型车在一星期内每辆车出租天数的平均值分别为xA、xB，

33543057657

则xA.................................9分5.12，【找2016年高考考前适应性训练考试一】

50

10310415510657xB4.8，...........................11分

50

∵xAxB，∴建议应购买A型车辆．....................................................12分

（如考生用方差计算也可以给分）20、解：

（1）设椭圆的方程为

2

2

913221,

将(1,)代入方程中得a解得b3，............................3分4b

2a2,

x2y2

所以椭圆C的标准方程1．.....................................................4分

43

（2）证明：设直线BP的方程为yk(x2)，yk(x2),

由x2y2得(34k2)x216k2x16k2120，...........5分

1,34

16k2

xPxB，又xB2，

34k2

8k268k2612k

xp，可得P(,)，................................8分222

34k34k34k

1

又QF1AP，kQF，

1

k

13y(x1),

由得Q(2,)，...................................................10分k

kx2,

12k33

2

3，k3，∴kPQ2AQ

44k4k8k6

2

34k2

∴kPQkAQ，且有公共点Q，

A、P、Q三点共线．.........................................................................12分

21、解：

xy1(ab0)，a2b2

b

(x1)，......................................................1分

(x1)2

因为曲线yf(x)在点(0,f(0))处的切线方程为2xy10，所以f(0)1，f(0)2，

（1）f(x)a

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所以b1，ab2，...........................................................................2分

11，f(x)1（x1）．2

x1(x1)

当x(,1)，(1,)时，f(x)0，............................................4分所以函数f(x)的单调递增区间为(,1)，(1,)．.......................5分

则a1，f(x)x

（2）容易知f(ex1)exex1，

所以exex1f(sinx)f(ex1)f(sinx)．..........................6分由于x[0,]，所以ex10，sinx0，

所以ex1,sinx(1,)，而函数f(x)在(1,)单调增，所以f(ex1)f(sinx)ex1sinxexsinx10，构造函数(x)exsinx1，x[0,]，则(x)excosx，..8分由于ex1，cosx1，所以(x)0，

所以y(x)在[0,]单调增，...............................................................10分所以(x)(0)0成立，......................................................................11分所以当x[0,]时，exex1f(sinx)总成立，证毕．..............12分22、解：

（1）证：AB为直径，ACB90，.........................................2分又PFBC，且垂足为F，BFP90，................................3分

AE2BE

2

AB

2

36,AE

65

，5

又OAOB,OCOE，

BCAE

65

，................................................................................9分5

652

PABC525．...............................10分由（1）知，CFEC65

23、解：

（1）直线l的普通方程为：xsinycossin0．...............3分（2）设M(1t1cos,t1sin)，N(1t2cos,t2sin)，P(x,y)将

x1tcos

代入x26xy20，

ytsin

t1t2

2cos，2

整理的：t24tcos50，..............................................................5分

16cos2200，t1t24cos，

.......................................................................................................................6分x12cos22cos2，y2cossinsin2，

BCBABCEC

，又ABEC，．....5分AC//PF，

CFPACFPA

（2）连接BE，

PE是⊙O的切线，切点为E，PO交⊙O于点A,B，

AEPAPE

，PAE∽PEB，

EBPEPB.......................................................................6分

又PA2，OA3，

x2cos2

（为参数，0），P点轨迹的参数方程为

ysin2

.......................................................................................................................8分则P点轨迹的普通方程为x2y

2

2

1，......................................9分

所以，P点轨迹是以2,0为圆心，1为半径的圆．............................10分

24、解：

（1）若a2，则f(x)5等价为：

AE21

PE4,，..................7分

EB42

又AB为直径，AEB90，

x1,1x2,x2,

或或...............2分

2x35,x12x5,x1x25,

解得：1x1，或1x2，或2x4，...............................4分

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所以，原不等式的解集为x1x4．.............................................5分（2）如图所示，设函数f(x)的图象与函数y5的图象围成的梯形为ABCD，



2x1a,x1,

f(x)a1,1xa,

2x1a,xa,



A(1,a1)，B(a,a1)，

6aa4C(,5)，D(,5)，..............7分

22

16aa4

S梯形ABCDa15a1

222242aa2

，....................................................................9分

2

242aa29令解得，a5或a3，

22

a1，a5．....................................................................................10

分

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